Bài 11 trang 82 Toán 9 Tập 2 Chân trời sáng tạo

Giải Toán 9 Bài tập cuối chương 9 - Chân trời sáng tạo

Bài 11 trang 82 Toán 9 Tập 2: Cho tam giác ABC vuông tại A (AB < AC) có AH là đường cao. Lần lượt vẽ đường tròn (O) đường kính BH và đường tròn (O') đường kính HC.

a) Xét vị trí tương đối của hai đường tròn (O) và (O').

b) Đường tròn (O) cắt AB tại E, đường tròn (O') cắt AC tại F. Chứng minh rằng tứ giác AEHF là hình chữ nhật.

c) Chứng minh rằng EF là tiếp tuyến đường tròn (O) và đồng thời là tiếp tuyến đường tròn (O').

d) Đường trung tuyến AM của tam giác ABC cắt EF tại N. Cho biết AB = 6 cm, AC = 8 cm. Tính diện tích tam giác ANF.

Lời giải:

a) Đường tròn (O) có bán kính OH, đường tròn (O') có bán kính O'H.

Vì OO' = OH + HO' nên (O) và (O') tiếp xúc ngoài.

b) Ta có $\widehat{BEH}=90°$ (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn (O)).

Suy ra HE ⊥ AB hay $\widehat{HEA}=90°.$

Tương tại, $\widehat{CFH}=90°$ (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn (O')).

Suy ra HF ⊥ AC hay $\widehat{HFA}=90°.$

Tứ giác AEHF có $\widehat{EAF}=90°,\widehat{HEA}=90°,\widehat{HFA}=90°$.

Do đó, tứ giác AEHF là hình chữ nhật.

c) Gọi I là giao điểm AH và EF, ta có

IA = IE = IH = IF (tính chất hình chữ nhật).

• Xét ∆IEO và ∆IHO có: OI là cạnh chung; IE = IH; OE = OH.

Do đó ∆IEO = ∆IHO (c.c.c)

Suy ra $\widehat{OEI}=\widehat{OHI}=90°$ (hai góc tương ứng).

Vì $\widehat{OEF}=90°$ và E thuộc đường tròn (O) nên EF là tiếp tuyến của (O).          (1)

• Xét ∆IFO' và ∆IHO' có: O'I là cạnh chung; IF = IH; O'F = O'H.

Do đó ∆IFO' = ∆IHO' (c.c.c).

Suy ra $\widehat{O^{\text{'}}FI}=\widehat{O^{\text{'}}HI}=90°$ (hai góc tương ứng).

Vì $\widehat{O^{\text{'}}EF}=90°$ và E thuộc đường tròn (O) nên EF là tiếp tuyến của (O).          (2)

Từ (1) và (2) suy ra EF là tiếp tuyến của (O) và đồng thời là tiếp tuyến của (O').

d) Tam giác ABC vuông tại A có AM là đường trung tuyến.

Suy ra AM = BM = CM = $\frac{1}{2}$BC.

Do đó ∆O'FC cân tại O' (vì O'F = O'C) suy ra $\widehat{O^{\text{'}}FC}=\widehat{O^{\text{'}}CF}.$

Từ (3) và (4) suy ra $\widehat{MAC}=\widehat{O^{\text{'}}FC}.$

Mà $\widehat{MAC},\widehat{O^{\text{'}}FC}$ là hai góc đồng vị nên AM // O'F).

Mặt khác O'F ⊥ EF, suy ra AM ⊥ EF tại N.

Xét tam giác ABC vuông tại A, áp dụng định lí Pythagore, ta có:

BC² = AB² + AC².

Suy ra $BC=\sqrt{A{B}^2+A{C}^2}=\sqrt{6^2+8^2}=10\left(cm\right).$

Diện tích tam giác ABC là:

$S_{ABC}=\frac{1}{2}AH\cdot BC=\frac{1}{2}AB\cdot AC.$

Suy ra $AH=\frac{AB\cdot AC}{BC}=\frac{6\cdot 8}{10}=4,8\left(cm\right).$

Do đó EF = AH = 4,8 cm.

• Vì ∆AHF ᔕ ∆ACH (g.g) nên $\frac{AH}{AC}=\frac{AF}{AH}$.

Suy ra $AF=\frac{A{H}^2}{AC}=\frac{4,8^2}{AC}=2,88\left(cm\right).$

• Vì ∆AEF ᔕ ∆NAF (g.g) nên $\frac{AF}{NF}=\frac{EF}{AF}$.

Suy ra $AF=\frac{A{F}^2}{\text{EF}}=\frac{2,{88}^2}{4,8}=1,728\left(cm\right).$

Xét tam giác AFN vuông tại A, áp dụng định lí Pythagore, ta có:

AF² = AN² + NF².

Suy ra $AN=\sqrt{A{F}^2-N{F}^2}=\sqrt{2,{88}^2-1,{728}^2}=2,304\left(cm\right).$

Diện tích tam giác AFN là:

$S_{AFN}=\frac{1}{2}AN\cdot NF=\frac{1}{2}\cdot 2,304\cdot 1,728\approx 2\left(c{m}^2\right).$

\

Vậy diện tích tam giác ANF khoảng 2 cm².

Lời giải bài tập Toán 9 Bài tập cuối chương 9 hay, chi tiết khác:

• Bài 1 trang 81 Toán 9 Tập 2: Cho tam giác đều ABC có đường cao AH = 9 cm. Bán kính r của đường tròn nội tiếp tam giác có độ dài là ....

• Bài 2 trang 81 Toán 9 Tập 2: Cho tam giác ABC có AB = AC = 4 cm. Bán kính R của đường tròn ngoại tiếp tam giác có độ dài là ....

• Bài 3 trang 81 Toán 9 Tập 2: Tứ giác ở hình nào dưới đây là tứ giác nội tiếp đường tròn (O)? ....

• Bài 4 trang 81 Toán 9 Tập 2: Trong các phát biểu sau, phát biểu nào đúng? ....

• Bài 5 trang 81 Toán 9 Tập 2: Cho tứ giác MNPQ nội tiếp đường tròn (O; R) và $\widehat{M}=60°$ ....

• Bài 6 trang 81 Toán 9 Tập 2: Cho tứ giác ABCD nội tiếp đường tròn (O). Biết $\widehat{DAO}=50°,\widehat{OCD}=30°$ (Hình 5) ....

• Bài 7 trang 81 Toán 9 Tập 2: Cho tứ giác ABDC nội tiếp có $\widehat{ACD}=60°.$ Khẳng định nào sau đây luôn đúng? ....

• Bài 8 trang 82 Toán 9 Tập 2: Cho lục giác đều ABCDEF nội tiếp đường tròn bán kính R. Độ dài cạnh AB bằng ....

• Bài 9 trang 82 Toán 9 Tập 2: Cho tam giác đều ABC có O là tâm đường tròn ngoại tiếp. Phép quay nào với O là tâm biến tam giác ABC thành chính nó? ....

• Bài 10 trang 82 Toán 9 Tập 2: Cho tam giác nhọn ABC có đường cao AH (H ∈ BC) và nội tiếp đường tròn tâm O ....

• Bài 12 trang 82 Toán 9 Tập 2: Mái nhà trong Hình 7 được đỡ bởi khung đa giác đều. Gọi tên đa giác đó ....

Xem thêm lời giải bài tập Toán lớp 9 Chân trời sáng tạo hay, chi tiết khác:

• Toán 9 Bài 1: Hình trụ

• Toán 9 Bài 2: Hình nón

• Toán 9 Bài 3: Hình cầu

• Toán 9 Bài tập cuối chương 10

• Toán 9 Hoạt động 3: Vẽ đồ thị hàm số bậc hai y = ax² (a ≠ 0) bằng phần mềm GeoGebra

Xem thêm các tài liệu học tốt lớp 9 hay khác:

• Giải sgk Toán 9 Chân trời sáng tạo
• Giải SBT Toán 9 Chân trời sáng tạo
• Giải lớp 9 Chân trời sáng tạo (các môn học)
• Giải lớp 9 Kết nối tri thức (các môn học)
• Giải lớp 9 Cánh diều (các môn học)

• Hơn 20.000 câu trắc nghiệm Toán,Văn, Anh lớp 9 có đáp án

---